1、<p>　　www.ks5u.com</p><p>　　成都經(jīng)開區(qū)實(shí)驗(yàn)中學(xué)2016級(jí)高三上學(xué)期入學(xué)考試</p><p><b>　　物理試題</b></p><p>　　1.物理量有的屬于狀態(tài)量，有的屬于過程量，下列物理量屬于過程量的是(　　)</p><p>　　A. 速度 B. 加速度 C.

2、力 D. 功</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　A項(xiàng)：速度是指物體在某一狀態(tài)時(shí)運(yùn)動(dòng)的快慢，所以為狀態(tài)量，故A錯(cuò)誤；</p><p>　　B項(xiàng)：加速度是指物體在某一狀態(tài)時(shí)速度變化的快慢，所以為狀態(tài)量，故B錯(cuò)誤；<

3、;/p><p>　　C項(xiàng)：力是指物體在某一狀態(tài)時(shí)所受的力，所以為狀態(tài)量，故C錯(cuò)誤；</p><p>　　D項(xiàng)：功是力和力的方向上位移的乘積，所以功對(duì)應(yīng)一段過程，故為過程量，故D正確。</p><p>　　2.如圖所示，裝有彈簧發(fā)射器的小車放在水平地面上，現(xiàn)將彈簧壓縮鎖定后放入小球，再解鎖將小球從靜止斜向上彈射出去，不計(jì)空氣阻力和一切摩擦。從靜止彈射到小球落地前的過程中，

4、下列判斷正確的是</p><p>　　A. 小球的機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒</p><p>　　B. 小球的機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒</p><p>　　C. 小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒</p><p>　　D. 小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒</p><p><b>　　【答

5、案】C</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　小球在整個(gè)過程中除重力之外還有彈簧的彈力做功，故小球的機(jī)械能不守恒；小球從靜止彈射到落地前的過程中小球所受外不為零，故動(dòng)量不守恒；小球、彈簧和小車組成系統(tǒng)在整個(gè)過程中只有重力和彈力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒；小球從靜止彈射到落地前的過程中系統(tǒng)所受外不為零，故動(dòng)量不守恒，故選C.&

6、lt;/p><p>　　3.如圖所示，某同學(xué)以不同的初速度將籃球從同一位置拋出，籃球兩次拋出后均垂直撞在豎直墻上，圖中曲線為籃球第一次運(yùn)動(dòng)的軌跡，O為撞擊點(diǎn)，籃球第二次拋出后與墻的撞擊點(diǎn)在O點(diǎn)正下方，忽略空氣阻力，下列說法正確的是</p><p>　　A. 籃球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等</p><p>　　B. 籃球第一次撞墻時(shí)的速度較小</p><p&

7、gt;　　C. 籃球第一次拋出時(shí)速度的豎直分量較小</p><p>　　D. 籃球第一次拋出時(shí)的初速度較小</p><p><b>　　【答案】B</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　將籃球的運(yùn)動(dòng)反向處理，即可視為平拋運(yùn)動(dòng)，第二次下落的高度較小，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短

8、，故A錯(cuò)誤；水平射程相等，由得知第二次水平分速度較大，即籃球第二次撞墻的速度較大，第一次撞時(shí)的速度較小，故B正確；第二次時(shí)間較短，則由可知，第二次拋出時(shí)速度的豎直分量較小，故C錯(cuò)誤；根據(jù)速度的合成可知，不能確定拋出時(shí)的速度大小，故D錯(cuò)誤；故選B.</p><p>　　4.如圖所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向運(yùn)動(dòng)，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板為參照物</p><p>　　A. 帆船

9、朝正東方向航行，速度大小為v</p><p>　　B. 帆船朝正西方向航行，速度大小為v</p><p>　　C. 帆船朝南偏東45°方向航行，速度大小為</p><p>　　D. 帆船朝北偏東45°方向航行，速度大小為</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p

10、><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題分析：將帆板視為靜止，則可得出船相對(duì)于板的速度，再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可求得合速度的大小和方向．</p><p>　　解：以帆板為參考系，即把帆板看作靜止，則帆船相對(duì)于帆板有向東的速度v及向北的速度v；</p><p>　　由矢量合成可知，二者的合速度v合=v；方向北偏東45度．<

11、;/p><p><b>　　故選：D</b></p><p>　　【點(diǎn)評(píng)】本題考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解及參考系的內(nèi)容，矢量是高中物理中的重要內(nèi)容要掌握其合成與分解的方法．</p><p><b>　　視頻</b></p><p>　　5.(多選)美國(guó)《大眾科學(xué)》雜志報(bào)道，中國(guó)首艘國(guó)產(chǎn)航母預(yù)計(jì)在2019年服役

12、．假設(shè)航空母艦上裝有幫助飛機(jī)起飛的彈射系統(tǒng)，已知某型號(hào)的艦載飛機(jī)質(zhì)量為m＝103 kg，在跑道上加速時(shí)產(chǎn)生的最大動(dòng)力為F＝7×103 N，所受阻力為重力的0.2倍，當(dāng)飛機(jī)的速度大小達(dá)到50 m/s時(shí)才能離開航空母艦起飛．g取10 m/s2，設(shè)航空母艦甲板長(zhǎng)為160 m，則下列說法中正確的是(　　)</p><p>　　A. 飛機(jī)在跑道上加速時(shí)所受阻力大小為103 N</p><p&g

13、t;　　B. 飛機(jī)在跑道上加速時(shí)的最大加速度大小為4 m/s2</p><p>　　C. 若航空母艦處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈射系統(tǒng)必須使飛機(jī)至少具有大小為30 m/s的初速度</p><p>　　D. 若航空母艦上不裝彈射系統(tǒng)，為使飛機(jī)仍能在此艦上正常起飛，航空母艦沿飛機(jī)起飛方向的速度大小至少應(yīng)為10 m/s</p><p><b>　　【答案】CD</b&

14、gt;</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　飛機(jī)在跑道上加速時(shí)所受阻力f＝kmg＝0.2×103×10 N＝2×103 N，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．由牛頓第二定律得F－f＝ma，解得a＝5 m/s2，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．設(shè)彈射系統(tǒng)必須使飛機(jī)具有的初速度大小為v0，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得v2－v02＝2ax，代入數(shù)據(jù)解得v0＝30

15、 m/s，選項(xiàng)C正確．若航空母艦上不裝彈射系統(tǒng)，設(shè)飛機(jī)起飛所用的時(shí)間為t，航空母艦的最小速度為v1，則飛機(jī)相對(duì)地面的速度v＝v1＋at，飛機(jī)相對(duì)航母的位移大小x＝at2，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得v1＝10 m/s，選項(xiàng)D正確．</p><p>　　6.如圖所示在xOy平面內(nèi)固定有ABC三個(gè)點(diǎn)電荷，A電荷的坐標(biāo)為(－2，0)，B電荷在坐標(biāo)原點(diǎn)，C電荷的坐標(biāo)為(2，0)已知qA＝qC＝4q，qB＝－q，則在xOy平面內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)

16、度為零的點(diǎn)的坐標(biāo)為</p><p>　　A. (0，) B. (0，－) C. (－4，0) D. (4，0)</p><p><b>　　【答案】AB</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　根據(jù)電荷分布的對(duì)稱性，xOy平面內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)應(yīng)該

17、在y軸上，A、B、C產(chǎn)生的電場(chǎng)如圖：</p><p>　　EA＝EC＝，EB＝，則(EA＋EC) ＝EB得y＝±，故AB正確，CD錯(cuò)誤。</p><p><b>　　故選：AB。</b></p><p>　　點(diǎn)睛：根據(jù)對(duì)稱性將A、C在y軸上產(chǎn)生的電場(chǎng)合成，它與B產(chǎn)生的電場(chǎng)等大反向。</p><p>　　7.“蹦

18、床”已被奧運(yùn)會(huì)列為正式比賽項(xiàng)目．運(yùn)動(dòng)員利用蹦床網(wǎng)的彈性彈起到空中，完成動(dòng)作后落回到網(wǎng)上，再經(jīng)蹦床網(wǎng)的彈性彈起，如此往復(fù)．圖示的F﹣t圖象是傳感器記錄的是一位運(yùn)動(dòng)員雙腳在接觸蹦床過程中，蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的彈力F隨時(shí)間t的變化情況．設(shè)運(yùn)動(dòng)員只在豎直方向上運(yùn)動(dòng)，取重力加速度為10m/s2，則運(yùn)動(dòng)員在前12s的時(shí)間內(nèi)（ ）</p><p>　　A. 獲得的最大加速度為40 m/s2</p>

19、;<p>　　B. 獲得的最大加速度為50 m/s2</p><p>　　C. 騰空彈起時(shí)的最大高度約為2.5m</p><p>　　D. 騰空彈起時(shí)的最大高度約為3.2m</p><p><b>　　【答案】AD</b></p><p><b>　　【解析】</b></p>

20、;<p>　　由圖知：運(yùn)動(dòng)員的重力 G=500N，則得其質(zhì)量為</p><p>　　蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的最大彈力：Fm=2500N 由牛頓第二定律得 Fm-G=mam 解得獲得的最大加速度 am=40m/s2．故A正確，B錯(cuò)誤．運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t0=8.4s-6.8s=1.6s 下落時(shí)間：t= =0.8s，騰空彈起時(shí)的最大速度為 v=gt=10×0.8m/s=8m/s，最大高度為 ，故C

21、錯(cuò)誤，D正確．故選AD.</p><p>　　點(diǎn)睛：本題要讀懂圖象，由圖象讀出運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，將運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)近似看成豎直上拋，根據(jù)對(duì)稱性下落時(shí)間．</p><p>　　8.下列說法正確的是(　　)</p><p>　　A. 普朗克在研究黑體輻射問題時(shí)提出了能量子假說</p><p>　　B. 若使用某種頻率的光不能使某金屬發(fā)生光電效

22、應(yīng)，則需增大入射光光照強(qiáng)度才行</p><p>　　C. 結(jié)合能越大，原子核結(jié)構(gòu)一定越穩(wěn)定</p><p>　　D. 用一束綠光照射某金屬，能發(fā)生光電效應(yīng)，若換成紫光來照射該金屬，也一定能發(fā)生光電效應(yīng)</p><p>　　E. 將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是不同于萬有引力和電磁力的另一種相互作用</p><p><b>　　【答案】

23、ADE</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　普朗克在研究黑體輻射問題時(shí)提出了能量子假說，A正確．只有當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)，才會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，B錯(cuò)誤．比結(jié)合能(平均結(jié)合能)越大，原子核結(jié)構(gòu)一定越穩(wěn)定，C錯(cuò)誤．由于紫光的頻率大于綠光的頻率，故綠光照射某金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，若換成紫光來照射該金屬，也一定能發(fā)生光

24、電效應(yīng)，D正確．將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是短程力，是不同于萬有引力和電磁力的另一種相互作用，E正確．</p><p>　　9.某探究小組利用氣墊導(dǎo)軌和光電門計(jì)時(shí)器等裝置探究動(dòng)能定理.他們通過改變滑輪下端小盤中沙子的質(zhì)量來改變滑塊水平方向的拉力;滑塊上裝有寬為d的擋光片.實(shí)驗(yàn)中,用天平稱出小盤和沙子的總質(zhì)量為m,滑塊(帶擋光片)的質(zhì)量為M,計(jì)時(shí)器顯示擋光片經(jīng)過光電門1和2的時(shí)間分別為Δt1,Δt2.</p

25、><p>　　(1)在滿足____的條件下,才可以認(rèn)為小盤和沙子的總重力所做的功等于繩的拉力對(duì)滑塊做的功. </p><p>　　(2)實(shí)驗(yàn)中還必須測(cè)量的物理量是________,試寫出本次需要探究的關(guān)系式__________(用測(cè)量量和已知量表示).</p><p>　　【答案】 (1). （1）m?M (2). （2）兩光電門之間的距離L

26、 (3). mgL=M（）2-M（）2 </p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知當(dāng)小盤和沙子的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊車的總質(zhì)量M時(shí)，可將才可以認(rèn)為小盤和沙子的重力看作滑塊的拉力，根據(jù)動(dòng)能定理可知，此時(shí)小盤和沙子的重力所做的功等于滑塊動(dòng)能的改變量．（2）要測(cè)量滑塊受到的拉力做的功，必須要知道滑塊從光電門1

27、運(yùn)動(dòng)到光電門2的距離，即還必須測(cè)量?jī)晒怆婇T之間的距離L．滑塊所受的合外力做功為W=mgL；由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度．滑塊通過光電門1速度：v1=滑塊通過光電門2速度：v2=所以動(dòng)能的增量：△Ek＝Mv22?Mv12=M（）2-M（）2 故本次探究的原理表達(dá)式為：mgL=M（）2-M（）2</p><p>　　【點(diǎn)睛】不管是考查什么實(shí)驗(yàn)，首先要找到實(shí)驗(yàn)原理

28、，我們就可以根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理找需要的實(shí)驗(yàn)儀器，找實(shí)驗(yàn)時(shí)需要注意的問題，列式求解一些需要的物理量．實(shí)驗(yàn)中我們還要清楚研究對(duì)象和研究過程，要學(xué)會(huì)對(duì)實(shí)驗(yàn)誤差的分析．</p><p>　　10.① 下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)的描述中，正確的是________。</p><p>　　A．在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，拉橡皮筋的細(xì)繩應(yīng)稍長(zhǎng)一些；</p><p>　　B．在“探究彈簧彈力與其

29、伸長(zhǎng)量”關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，作出彈力和彈簧長(zhǎng)度的圖象也能求出彈簧的勁度系數(shù)；</p><p>　　C．在“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，需要求出打點(diǎn)紙帶的平均速度；</p><p>　　D．在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，必須由v=gt求出打某點(diǎn)時(shí)紙帶的速度。</p><p>　?、?如左圖所示為某同學(xué)所安裝的“探究加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置，在圖示狀態(tài)下，

30、開始做實(shí)驗(yàn)。請(qǐng)指出該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)裝置和操作中的主要錯(cuò)誤：（至少舉出兩處）</p><p>　　錯(cuò)誤1_______________________________________</p><p>　　錯(cuò)誤2_______________________________________</p><p>　　【答案】 (1). AB (2). 打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不能接

31、干電池 (3). 小車應(yīng)靠長(zhǎng)木板右側(cè)釋放；長(zhǎng)木扳左端細(xì)線沒有調(diào)整水平</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】①在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，拉橡皮筋的細(xì)繩要稍長(zhǎng)，利于確定力的方向，有利于實(shí)驗(yàn)中作圖，故A正確；作出彈力和彈簧長(zhǎng)度的圖象，由胡克定律可知F=kx=k（l-l0），由此可知，在彈力和彈簧長(zhǎng)度的圖象中圖象的斜率也

32、表示勁度系數(shù)k，故B正確；</p><p>　　在“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，需要求出物塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度，即紙帶點(diǎn)跡均勻部分的速度，故C錯(cuò)誤；若v=gt求出打某點(diǎn)時(shí)紙帶的速度，需要驗(yàn)證的方程mgh＝mv2就是恒等式了，就無需驗(yàn)證了，故D錯(cuò)誤。故選AB。</p><p>　?、诟鶕?jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的原理和構(gòu)造可知，其適用的是交流電源，同時(shí)在使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)要使小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，不能離的太

33、遠(yuǎn)；在驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)中，要通過抬高一端來平衡摩擦力。故答案為：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不能接干電池；小車應(yīng)靠長(zhǎng)木板右側(cè)釋放；長(zhǎng)木扳左端滑輪沒有調(diào)整水平；</p><p>　　11.如圖所示，絕緣光滑軌道ABCD豎直放在與水平方向成的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，其中BCD部分是半徑為R的半圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓相切，現(xiàn)把一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的小球(大小忽略不計(jì))，放在水平面上某點(diǎn)由靜止開始釋放，恰好能通過半圓軌道最高點(diǎn)D，落地時(shí)

34、恰好落在B點(diǎn)．求：</p><p><b>　　(1)電場(chǎng)強(qiáng)度E；</b></p><p>　　(2)起點(diǎn)距B點(diǎn)的距離L.</p><p>　　【答案】（1），（2）2.5R.</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　?。?）小球通過D點(diǎn)后分別在水平方

35、向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)和在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律求出兩個(gè)方向的加速度，結(jié)合小球恰好能通過D點(diǎn)的臨界條件列出方程組進(jìn)行求解；（2）由起點(diǎn)到D點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理求起點(diǎn)距B點(diǎn)的距離.</p><p>　　(1)小球恰好能通過D點(diǎn)，則有：</p><p>　　小球通過D點(diǎn)后的運(yùn)動(dòng)：水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)：</p><p><b>

36、;　　由牛頓第二定律得：</b></p><p>　　豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)：</p><p><b>　　由牛頓第二定律得：</b></p><p><b>　　聯(lián)立得：</b></p><p>　　(2)由起點(diǎn)到D點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得：</p><p>

37、<b>　　解得：</b></p><p>　　12.霧霾天氣會(huì)對(duì)行車安全造成很大的影響，因此在行車時(shí)司機(jī)應(yīng)打開汽車的前霧燈和尾部雙閃燈，以保證行車安全．若在某平直公路上，有一貨車正以v1＝9 m/s的速度勻速行駛，其后方有一小轎車正以v2＝24 m/s的速度勻速行駛．由于霧霾的影響，小轎車司機(jī)只有到達(dá)距離貨車d＝35 m的地方才能看到該貨車尾部雙閃燈發(fā)出的光，若此時(shí)小轎車司機(jī)立即剎車做勻減

38、速直線運(yùn)動(dòng)，則小轎車要經(jīng)過Δx＝96 m才能停下來．兩車在運(yùn)動(dòng)過程中可視為質(zhì)點(diǎn)．</p><p>　　(1)若小轎車司機(jī)剎車時(shí)，前方的貨車仍以原速度向前勻速行駛，試通過計(jì)算分析兩車是否會(huì)相撞．</p><p>　　(2)若小轎車司機(jī)在剎車的同時(shí)給前方的貨車發(fā)出信號(hào)，貨車司機(jī)經(jīng)Δt＝1 s收到信號(hào)并立即以a＝2 m/s2的加速度勻加速行駛，試通過計(jì)算分析兩車是否會(huì)發(fā)生相撞．</p>

39、;<p>　　【答案】(1)會(huì)　(2)不會(huì)</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　(1)設(shè)剎車時(shí)小轎車的加速度大小為a1，則由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得Δx＝</p><p>　　解得a1＝3 m/s2</p><p>　　設(shè)兩車達(dá)到速度相等時(shí)所用時(shí)間為t1，則有</p>&l

40、t;p>　　v1＝v2－a1t1</p><p>　　代入數(shù)據(jù)可解得t1＝5 s</p><p>　　設(shè)在t1時(shí)間內(nèi)小轎車行駛的距離為x1，則有</p><p>　　x1＝v2t1－a1t12</p><p>　　設(shè)在t1時(shí)間內(nèi)貨車行駛的距離為x2，則有x2＝v1t1</p><p>　　代入數(shù)據(jù)可解得x1＝82

41、.5 m，x2＝45 m</p><p>　　由于x1－x2＝37.5 m＞d＝35 m</p><p><b>　　故兩車會(huì)相撞．</b></p><p>　　(2)設(shè)兩車速度達(dá)到相等所需的時(shí)間為t2，則有</p><p>　　v2－a1t2＝v1＋a(t2－Δt)</p><p>　　解得t2

42、＝3.4 s</p><p>　　設(shè)在t2時(shí)間內(nèi)小轎車向前行駛的距離為x1′，貨車向前行駛的距離為x2′，則有x1′＝v2t2－a1t22</p><p>　　x2′＝v1Δt＋v1(t2－Δt)＋a(t2－Δt)2</p><p>　　解得x1′＝64.26 m，x2′＝36.36 m</p><p>　　由于x1′－x2′＝27.9 m＜

43、d＝35 m</p><p>　　故此種情況下兩車不會(huì)發(fā)生相撞．</p><p>　　13.將一根長(zhǎng)為的光滑細(xì)鋼絲ABCDE制成如圖所示的形狀，并固定在豎直平面內(nèi)．其中AD段豎直，DE段為圓弧，圓心為O，E為圓弧最高點(diǎn)，C與E、D與O分別等高，.將質(zhì)量為m的小珠套在鋼絲上由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．</p><p>　　(1)小珠由B點(diǎn)釋放，從E點(diǎn)滑出

44、后恰好撞到D點(diǎn)，求圓弧的半徑R；</p><p>　　(2)欲使小珠到達(dá)E點(diǎn)與鋼絲間的彈力超過，求釋放小珠的位置范圍．</p><p>　　【答案】（1）2m （2）低于0.75m 處或高于1.25m 處</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【分解】小珠由B點(diǎn)釋放，到達(dá)E點(diǎn)滿足機(jī)械能守恒

45、，由此求出小球到達(dá)E點(diǎn)的速度大小，從E點(diǎn)滑出做平拋運(yùn)動(dòng)，利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解求出圓弧的半徑，由機(jī)械能守恒定律，結(jié)合牛頓第二定律求出釋放小珠的位置范圍。</p><p>　　解：（1）由機(jī)械能守恒可知，小珠由C點(diǎn)釋放，到達(dá)E點(diǎn)時(shí)，因CE等高，故到達(dá)E點(diǎn)的速度為零；</p><p>　　由題意：+R+=L </p><p>　　小珠由B點(diǎn)釋放，到達(dá)E點(diǎn)滿足機(jī)械能守恒：

46、</p><p>　　從E點(diǎn)滑出后恰好撞到D點(diǎn)，則</p><p>　　聯(lián)立以上各式解得：R=2m </p><p>　　a.若小珠到達(dá)E點(diǎn),小珠上壁對(duì)鋼絲的彈力等于，則</p><p>　　假設(shè)從釋放點(diǎn)到E點(diǎn)高度為，由機(jī)械能守恒定律： </p><p><b>　　聯(lián)立解得： </b></

47、p><p>　　b.若小珠到達(dá)E點(diǎn),小珠下壁對(duì)鋼絲的彈力等于，則</p><p>　　假設(shè)從釋放點(diǎn)到E點(diǎn)高度為，由機(jī)械能守恒定律： </p><p><b>　　聯(lián)立解得： </b></p><p>　　故當(dāng)小珠子從C點(diǎn)上方低于0.75m 處滑下或高于1.25m 處滑下時(shí)，小珠到達(dá)E點(diǎn)與鋼絲間的彈力超過</p>